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qiaomiaoyu新蟲 (初入文壇)
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回復(fù)此樓
ayismas
木蟲 (正式寫手)
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- 性別: GG
- 專業(yè): 數(shù)理統(tǒng)計(jì)
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要解決這個(gè)問題，我們首先需要明確題目所給的概率密度函數(shù)，并計(jì)算條件期望 \(\mathbb{E}(X + Y \mid X < Y)\)。 題目給出的聯(lián)合概率密度函數(shù)為： \[ p_{X,Y}(x,y) = \begin{cases} e^{-x-y} & \text{if } x > 0, y > 0 \\ 0 & \text{otherwise} \end{cases} \] 我們需要計(jì)算的條件期望是 \(\mathbb{E}(X + Y \mid X < Y)\)。 首先，確定條件概率密度函數(shù) \( p_{X,Y \mid X < Y}(x,y) \)。 \[ p_{X,Y \mid X < Y}(x,y) = \frac{p_{X,Y}(x,y) \cdot I(x < y)}{\mathbb{P}(X < Y)} \] 其中 \( I(x < y) \) 是指示函數(shù)，表示 \( x < y \) 時(shí)為1，否則為0。 計(jì)算 \( \mathbb{P}(X < Y) \)： \[ \mathbb{P}(X < Y) = \int_{0}^{\infty} \int_{0}^{y} e^{-x-y} \, dx \, dy \] 首先計(jì)算內(nèi)積分： \[ \int_{0}^{y} e^{-x-y} \, dx = e^{-y} \int_{0}^{y} e^{-x} \, dx = e^{-y} \left[ -e^{-x} \right]_{0}^{y} = e^{-y} \left( 1 - e^{-y} \right) \] 然后計(jì)算外積分： \[ \mathbb{P}(X < Y) = \int_{0}^{\infty} e^{-y} \left( 1 - e^{-y} \right) \, dy \] 將 \( 1 - e^{-y} \) 分成兩個(gè)積分： \[ \mathbb{P}(X < Y) = \int_{0}^{\infty} e^{-y} \, dy - \int_{0}^{\infty} e^{-2y} \, dy \] 這兩個(gè)積分都是標(biāo)準(zhǔn)的指數(shù)積分： \[ \int_{0}^{\infty} e^{-y} \, dy = 1 \] \[ \int_{0}^{\infty} e^{-2y} \, dy = \frac{1}{2} \] 所以： \[ \mathbb{P}(X < Y) = 1 - \frac{1}{2} = \frac{1}{2} \] 因此條件概率密度函數(shù)為： \[ p_{X,Y \mid X < Y}(x,y) = 2 e^{-x-y} \cdot I(x < y) \] 接下來我們計(jì)算條件期望： \[ \mathbb{E}(X + Y \mid X < Y) = \int_{0}^{\infty} \int_{0}^{y} (x + y) \cdot 2 e^{-x-y} \, dx \, dy \] 將期望分成兩個(gè)積分： \[ \mathbb{E}(X + Y \mid X < Y) = 2 \left( \int_{0}^{\infty} \int_{0}^{y} x e^{-x-y} \, dx \, dy + \int_{0}^{\infty} \int_{0}^{y} y e^{-x-y} \, dx \, dy \right) \] 首先計(jì)算第一個(gè)積分： \[ \int_{0}^{\infty} \int_{0}^{y} x e^{-x-y} \, dx \, dy \] 計(jì)算內(nèi)積分： \[ \int_{0}^{y} x e^{-x} e^{-y} \, dx = e^{-y} \int_{0}^{y} x e^{-x} \, dx \] 使用分部積分法： \[ \int x e^{-x} \, dx = -x e^{-x} + \int e^{-x} \, dx = -x e^{-x} - e^{-x} = -e^{-x}(x + 1) \] 帶入積分范圍： \[ \int_{0}^{y} x e^{-x} \, dx = -e^{-x}(x + 1) \Bigg|_{0}^{y} = -e^{-y}(y + 1) + 1 \] 所以： \[ \int_{0}^{y} x e^{-x} \, dx = 1 - e^{-y}(y + 1) \] 外積分： \[ \int_{0}^{\infty} e^{-y} (1 - e^{-y}(y + 1)) \, dy \] 分開計(jì)算： \[ \int_{0}^{\infty} e^{-y} \, dy - \int_{0}^{\infty} e^{-2y}(y + 1) \, dy \] \[ = 1 - \left( \int_{0}^{\infty} y e^{-2y} \, dy + \int_{0}^{\infty} e^{-2y} \, dy \right) \] 第二個(gè)積分我們已經(jīng)計(jì)算過了，為 \(\frac{1}{2}\)，所以計(jì)算第一個(gè)積分： \[ \int_{0}^{\infty} y e^{-2y} \, dy = \frac{1}{4} \] 總的結(jié)果是： \[ \int_{0}^{\infty} y e^{-2y} \, dy + \int_{0}^{\infty} e^{-2y} \, dy = \frac{1}{4} + \frac{1}{2} = \frac{3}{4} \] 所以： \[ \int_{0}^{\infty} e^{-y} (1 - e^{-y}(y + 1)) \, dy = 1 - \frac{3}{4} = \frac{1}{4} \] 然后計(jì)算第二個(gè)積分： \[ \int_{0}^{\infty} \int_{0}^{y} y e^{-x-y} \, dx \, dy = \int_{0}^{\infty} y e^{-y} \left( \int_{0}^{y} e^{-x} \, dx \right) \, dy \] \[ = \int_{0}^{\infty} y e^{-y} \left( 1 - e^{-y} \right) \, dy \] 同樣分開計(jì)算： \[ \int_{0}^{\infty} y e^{-y} \, dy - \int_{0}^{\infty} y e^{-2y} \, dy \] 第一個(gè)積分 \(\int_{0}^{\infty} y e^{-y} \, dy = 1\)，第二個(gè)積分我們已經(jīng)計(jì)算過了，為 \(\frac{1}{4}\)，所以總的結(jié)果是： \[ \int_{0}^{\infty} y e^{-y} (1 - e^{-y}) \, dy = 1 - \frac{1}{4} = \frac{3}{4} \] 所以： \[ \mathbb{E}(X + Y \mid X < Y) = 2 \left( \frac{1}{4} + \frac{3}{4} \right) = 2 \] 答案是： \[ \mathbb{E}(X + Y \mid X < Y) = 2 \] |
2樓2024-06-16 21:12:01
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